Tips och lösning till U 22.15c
SamverkanLinalgLIU
(Ny sida: {{NAVCONTENT_START}} '''Tips 1''' Hej 1 {{NAVCONTENT_STEP}} '''Tips 2''' Hej 2 {{NAVCONTENT_STEP}} '''Tips 3''' Hej 3 {{NAVCONTENT_STEP}} '''Lösning''') |
|||
Rad 13: | Rad 13: | ||
{{NAVCONTENT_STEP}} | {{NAVCONTENT_STEP}} | ||
'''Lösning''' | '''Lösning''' | ||
+ | |||
+ | |||
+ | Eftersom <math> T </math> är ortogonal, dvs <math> T^tT=TT^t=E </math>, så gäller att | ||
+ | <center><math> | ||
+ | A_{\boldsymbol{e}}^5=TDT^tTDT^tTDT^tTDT^tTDT^t=TD^5T^t.\qquad(*) | ||
+ | </math></center> | ||
+ | |||
+ | |||
+ | Eftersom <math> D^5= \left(\begin{array}{rr}1&0\\0&1/3^5 \end{array}\right), </math> | ||
+ | så är | ||
+ | <center><math> | ||
+ | A_{\boldsymbol{e}}^5=TD^5T^t=\frac{1}{\sqrt2} | ||
+ | \left(\begin{array}{rr} 1 & 1\\-1&1 \end{array}\right) | ||
+ | \left(\begin{array}{rr}{1/3^5}&0\\0&1 \end{array}\right)\frac{1}{\sqrt2} | ||
+ | \left(\begin{array}{rr} 1&-1\\1&1 \end{array}\right) | ||
+ | =\frac{1}{2}\left(\begin{array}{cc}{\frac{1}{2^3}+1}&{\frac{1}{2^3}-1}\\ | ||
+ | {\frac{1}{2^3}-1}&{\frac{1}{2^3}+1}\end{array}\right). | ||
+ | </math></center> | ||
+ | |||
+ | |||
+ | Lagarna för matrisinvers ger | ||
+ | |||
+ | |||
+ | <center><math> | ||
+ | \begin{array}{rcl} | ||
+ | A_{\boldsymbol{e}}^{-1}&=&(TDT^t)^{-1}=(T^t)^{-1}D^{-1}T^{-1}=TD^{-1}T^t\\ | ||
+ | &=&\frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1&1\\-1&1 \end{array}\right) \left(\begin{array}{rr}1&0\\0&3\end{array}\right) | ||
+ | \frac{1}{\sqrt2}\left(\begin{array}{rr} 1&-1\\1&1 \end{array}\right)=\left(\begin{array}{rr} 2&1\\1&2 \end{array}\right). | ||
+ | \end{array} | ||
+ | </math></center> | ||
+ | |||
+ | |||
+ | |||
+ | |||
+ | På samma sätt som i (*) gäller att om <math> n </math> är ett heltal | ||
+ | så | ||
+ | |||
+ | |||
+ | <center><math> | ||
+ | A_{\boldsymbol{e}}^n=TD^nT^t= | ||
+ | \frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1&1\\-1&1 \end{array}\right) | ||
+ | \left(\begin{array}{rr} {1/3^n}&0\\0&1 \end{array}\right) | ||
+ | \frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1&-1\\1&1 \end{array}\right) | ||
+ | =\frac{1}{2}\left(\begin{array}{cc}{\frac{1}{2^n}+1}&{\frac{1}{2^n}-1}\\ | ||
+ | {\frac{1}{2^n}-1}&{\frac{1}{2^n}+1}\end{array}\right). | ||
+ | </math></center> | ||
+ | |||
+ | |||
+ | Låter vi nu <math> n\rightarrow\infty </math>, dvs <math> n </math> | ||
+ | växa obegränsat, får vi att | ||
+ | |||
+ | |||
+ | <center><math> | ||
+ | A_{\boldsymbol{e}}^n\rightarrow\frac{1}{2} \left(\begin{array}{rr} 1&-1\\-1&1 \end{array}\right). | ||
+ | </math></center> |
Versionen från 19 september 2010 kl. 19.32
Tips 1
Hej 1
Tips 2
Hej 2
Tips 3
Hej 3
Lösning
Eftersom \displaystyle T är ortogonal, dvs \displaystyle T^tT=TT^t=E , så gäller att
A_{\boldsymbol{e}}^5=TDT^tTDT^tTDT^tTDT^tTDT^t=TD^5T^t.\qquad(*)
Eftersom \displaystyle D^5= \left(\begin{array}{rr}1&0\\0&1/3^5 \end{array}\right),
så är
A_{\boldsymbol{e}}^5=TD^5T^t=\frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1 & 1\\-1&1 \end{array}\right)
\left(\begin{array}{rr}{1/3^5}&0\\0&1 \end{array}\right)\frac{1}{\sqrt2}
\left(\begin{array}{rr} 1&-1\\1&1 \end{array}\right) =\frac{1}{2}\left(\begin{array}{cc}{\frac{1}{2^3}+1}&{\frac{1}{2^3}-1}\\ {\frac{1}{2^3}-1}&{\frac{1}{2^3}+1}\end{array}\right).
Lagarna för matrisinvers ger
\begin{array}{rcl} A_{\boldsymbol{e}}^{-1}&=&(TDT^t)^{-1}=(T^t)^{-1}D^{-1}T^{-1}=TD^{-1}T^t\\ &=&\frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1&1\\-1&1 \end{array}\right) \left(\begin{array}{rr}1&0\\0&3\end{array}\right) \frac{1}{\sqrt2}\left(\begin{array}{rr} 1&-1\\1&1 \end{array}\right)=\left(\begin{array}{rr} 2&1\\1&2 \end{array}\right). \end{array}
På samma sätt som i (*) gäller att om \displaystyle n är ett heltal
så
A_{\boldsymbol{e}}^n=TD^nT^t= \frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1&1\\-1&1 \end{array}\right) \left(\begin{array}{rr} {1/3^n}&0\\0&1 \end{array}\right) \frac{1}{\sqrt2} \left(\begin{array}{rr} 1&-1\\1&1 \end{array}\right)
=\frac{1}{2}\left(\begin{array}{cc}{\frac{1}{2^n}+1}&{\frac{1}{2^n}-1}\\
{\frac{1}{2^n}-1}&{\frac{1}{2^n}+1}\end{array}\right).
Låter vi nu \displaystyle n\rightarrow\infty , dvs \displaystyle n
växa obegränsat, får vi att
A_{\boldsymbol{e}}^n\rightarrow\frac{1}{2} \left(\begin{array}{rr} 1&-1\\-1&1 \end{array}\right).